Description
给定n个非负整数A[1], A[2], ……, A[n]。
对于每对(i, j)满足1 <= i < j <= n，得到一个新的数A[i] xor A[j]，这样共有n*(n-1)/2个新的数。求这些数（不包含A[i]）中前k小的数。
注：xor对应于pascal中的“xor”，C++中的“^”。
Input
第一行2个正整数 n,k，如题所述。
以下n行，每行一个非负整数表示A[i]。
Output
共一行k个数，表示前k小的数。
Sample Input
4 5
1
1
3
4
Sample Output
0 2 2 5 5
Hint
【样例解释】
1 xor 1 = 0 (A[1] xor A[2])
1 xor 3 = 2 (A[1] xor A[3])
1 xor 4 = 5 (A[1] xor A[4])
1 xor 3 = 2 (A[2] xor A[3])
1 xor 4 = 5 (A[2] xor A[4])
3 xor 4 = 7 (A[3] xor A[4])
前5小的数：0 2 2 5 5
【数据范围】
对于100%的数据，2 <= n <= 100000； 1 <= k <= min{250000, n*(n-1)/2}；
0 <= A[i] < 2^31
Source
思路：
第k小要可持久化，听过没学过，这里的解法可以是维护01字典树每个节点出现次数，也算是一种套路了。
堆初始的时候插入每个数的第二小值，最小值为异或自己，求一个小值的方法就是尽量走和当前位相同的方向。
求第k小，要是和自己位相同的值出现次数x小于k，那么往这个位走最多是第k-1小了。这时候求相反位的第k - x小。
这种解法是维护01字典树每个节点出现次数，堆每次取出一个数再插入一个数的下一小值。
比较纠结的可能是要求2*k次。这是因为每个值会出现两次。
为什么？x可以是a ^ b，也可以是b ^ a。那么假设x是最小值先出队，那么下一个最小值肯定也是x，只不过是另一个数异或过来的。所以每个数会出堆两次。
如样例的出堆情况：
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>using namespace std;const int maxn = 2e5 + 7;int a[maxn],c[maxn * 31][2],siz[maxn * 31];
int tot = 1;struct Node
{int v,k,a;bool operator < (const Node&rhs)const{return v > rhs.v;}
}nodes;priority_queue<Node>q;void insert(int x)
{int now = 1;for(int i = 30;i >= 0;i--){int t = (x >> i) & 1;if(!c[now][t]){c[now][t] = ++tot;}now = c[now][t];siz[now]++;}
}int query(int x,int k)
{int now = 1,ans = 0;for(int i = 30;i >= 0;i--){int t = (x >> i) & 1;if(siz[c[now][t]] >= k)now = c[now][t];else k -= siz[c[now][t]],now = c[now][t ^ 1],ans += (1 << i);}return ans;
}int main()
{int n,k;scanf("%d%d",&n,&k);for(int i = 1;i <= n;i++){scanf("%d",&a[i]);insert(a[i]);}for(int i = 1;i <= n;i++){Node t;t.a = a[i];t.k = 2;t.v = query(a[i],2);q.push(t);}printf("\n");for(int i = 1;i <= 2 * k;i++){Node t = q.top();q.pop();if(i & 1)printf("%d ",t.v);t.v = query(t.a,++t.k);q.push(t);}return 0;
}